Динамика Скачать
презентацию
<<  Движение тел по плоскости Бросание мяча  >>
Динамика в задачах
Динамика в задачах
Динамика в задачах
Динамика в задачах
« Разновидности» силы упругости
« Разновидности» силы упругости
Силы трения
Силы трения
Фото из презентации «Задачи по динамике» к уроку физики на тему «Динамика»

Автор: Admin. Чтобы познакомиться с фотографией в полном размере, нажмите на её эскиз. Чтобы можно было использовать все фотографии на уроке физики, скачайте бесплатно презентацию «Задачи по динамике» со всеми фотографиями в zip-архиве размером 243 КБ.

Скачать презентацию

Задачи по динамике

содержание презентации «Задачи по динамике»
Сл Текст Эф Сл Текст Эф
1ДИНАМИКА в задачах. Автор: Климкова Татьяна0 12коэффициент трения 0,5 ? Дано: Решение: Оy: ma = - mg -66
Юрьевна, учитель физики МОУ ЦО Московского района Fтр + F (1). Оx: 0 = – Fдав + N (2). Из (2): Fдав. N.
г.Нижний Новгород. Имеем, Fтр = ? N = ? Fдав. Подставим это выражение в
2Содержание. 1. Немного теории. 2. План решения0 (1) : Fтр. Ma = - mg - ? fдав + F. F = mg + ? fдав +
задач. 3. Движение по горизонтали. 4. Движение по ma. F = m (а + g) + ? fдав. F = 50 кг (0,2 м/с2 + 9,8
вертикали. 5. Наклонная плоскость. 6. Задачки «на м/с2) + 0,5 . 4 Н = 502 Н. Ответ: F = 502 Н. 1. 2. У.
десерт». Переход к содержанию. 3. 4. N = fдав. mg. 0. Х. 5.
3Вспомним законы Ньютона. F = ma. I закон:16 13M1a = m1g + Т. M2a = m2g + Т. M2a = - m2g + Т (2).71
Существуют такие системы отсчета относительно которых m2g. m1g. M1= 2 кг. M2= 1 кг. К концам легкой нити,
поступательно движущееся тело сохраняет свою скорость перекинутой через невесомый блок, подвешены грузы
постоянной, если на него не действуют другие тела , или массами 2 кг и 1 кг. Определите ускорение грузов. Дано:
действия других тел скомпенсированы. II закон: Сила, Решение: А - ? А. Оy: - m1a = - m1g + Т (1). Вычтем из
действующая на тело, равна произведению массы тела на (2) (1) и выразим а : a =. А. a =. Ответ: а = 3,3 м/с2.
сообщаемое этой силой ускорение. Комментарии: F – это 1. 2. У. 3. T. T. 4. m2a + m1a = m1g - m2g. 0. m1g -
равнодействующая сил, приложенных к телу. III закон: m2g. m2+ m1. 9,8 м/с2 (2 кг– 1 кг). 5. = 3,3 м/с2. 1 кг
Тела действуют друг на друга с силами, равными по + 2 кг.
модулю и противоположными по направлению F1 = - F2. 14m2g. - M1a1 = - m1g + Т. M2a2 = - m2g + Т. m1g. M1a75
Комментарии: если тело движется с равномерно, это = m1g + Т. M2a = m2g + Т. M1= 2 кг. M2= 1 кг. К концам
значит, что равнодействующая сил, приложенных к телу, легкой нити, перекинутой через невесомый блок,
равна нулю. Комментарии: силы всегда встречаются подвешены грузы массами 2 кг и 1 кг. Систему грузов
парами. вместе с блоком поднимают вертикально вверх с
4Вспомним, какие силы нам известны. Fт = mg. Fупр =42 ускорением 1 м/с2. Определите ускорения грузов. Дано:
k| x|. mg. Сила тяжести приложена к центру тела, всегда Решение: А0 = 1 м/с2. А1 - ? А2. А2 - ? - А1 = - а + а0
направлена вертикально вниз. Сила упругости возникает , а2 = а + а0 ,=> А2 = 2а0 + а1. А1. Решая систему,
при деформации тела, пропорциональна его удлинению и получим формулу для а1 : g (m1 - m2) - 2m2a0. А2 = 4,6
направлена противоположно направлению смещения частиц м/с2. m1 - m2. , А2 = 4,6 м/с2. Ответ: а1 = 2,6 м/с2.
тела при деформации. При малых деформациях для модуля Каждый груз участвует в двух движениях: перемещается
силы выполняется закон Гука: x. x. Fупр. x = 0. Fупр. x относительно блока с ускорением а вместе с блоком
= 0. перемещается относительно земли с ускорением а0
5« Разновидности» силы упругости. Т1. Т. Т. N. N. P.45 Предположим, что а > а0 , тогда относительно земли в
P. Сила натяжения нити Приложена к центру тела. В проекции на Оу : 1. 3. А0. У. T. T. 0. 4. 2. А1 =. =
случае, если нить невесома, нерастяжима, одинакова в 2,6 м/с2.
любой части нити. Сила реакции опоры Приложена к центру 15Движение по наклонной плоскости. Важно помнить. F.30
тела, всегда направлена перпендикулярно поверхности, на Fх. = Fcos а, fу = fsin а. Fтр x= - fтр., Fтр у = 0 .
которой находится тело. Вес тела Это сила упругости, Fтр. N. mg. Для тела, расположенного на наклонной
приложенная к горизонтальной опоре или вертикальному плоскости , целесообразно выбирать оси координат таким
подвесу. образом, чтобы ось Ох располагалась вдоль, а ось Оу –
6Силы трения. Fтр1. Fтр1. Fтр2. Fтр1. Fтр2. Fтр2.42 перпендикулярно наклонной плоскости (не нужно путать
Сила трения возникает, если одно тело покоится на целесообразность с обязательностью). Тогда для проекции
поверхности другого или движется по поверхности сил на оси координат получим следующие выражения: Mgх.
другого. Виды трения: покоя, скольжения, качения. Сила = Mgsin а , mgу = - mgcos а. Nx = 0, Ny = N. А.
трения приложена к телу и направлена вдоль поверхности 16Ma = mg + fтр + N + F. F ; А - ? А. F. На брусок66
соприкасающихся тел в сторону, противоположную массой m действует горизонтальная сила F, параллельная
направлению движения тела, предполагаемого движения основанию наклонной плоскости с углом при основании a.
(когда мы пытаемся сдвинуть тело с места). Исключением С каким ускорением движется брусок к вершине, если
является случай, когда одно тело начинает движение по коэффициент трения ? ? Дано: Решение: Оx: ma = – Fтр –
поверхности другого тела. Здесь сила трения направлена mgsin а + Fcos а (1). Оy: 0 = – mgcos а +N – Fsin а
в сторону движения тела и является той силой, которая (2). Из (2): N = mgcos а + fsin а , Ma = – ? (mgcos а +
приводит его в движение. Максимальная сила трения покоя fsin а) – mgsin а + fcos а. 0. N. – ? (mgcos а + fsin
( скольжения ) пропорциональна силе нормального а) - mgsin а + fcos а. a =. m. Fтр. mg. m. 2. m; 3. a;
давления. Для удобства можно изображать силу трения от ? 4. У. Fтр = N ? = ? (mgcos а + fsin а). 1. Х. А. – ?
центра тела. (mg cos а + fsin а) - mgsin а + fcos а. Ответ: a =.
7План решения задач по динамике. 1. Сделать рисунок,11 17M1a = m1g + Т+ N1. M2a = m2g + Т + N2. m2g. m1g.90
на котором обозначить направление координатных осей, M1= 2 кг. M2= 4 кг. А. А. С каким ускорением будут
ускорения и всех сил, приложенных к телу . 2. Для двигаться грузы массами 2 кг и 4 кг, если а =300, ?
каждого тела записать в векторном виде уравнение =600. Найти натяжение нити. Блоки и нить невесомы,
второго закона Ньютона, перечислив в его правой части в трением пренебречь. Дано: Решение: Удобно выбрать для
любом порядке все силы, приложенные к телу. 3. Записать каждого тела свою систему координат (как на рисунке). А
полученные в п. 2 уравнения в проекции на оси =300. ? =600. Оx: m1a = – m1gsin а + Т (1). Оy: 0 = –
координат. 4. Из полученного уравнения (системы m1gcos а +N1 (2). А - ? N1. N2. Оx: m2a = m2gsin ? – Т
уравнений) выразить неизвестную величину. 5. Найти (3). Оy: 0 = – m1gcos ? + N2 (4). Складывая (1) и (3),
численное значение неизвестной величины, если этого и выражая ускорение, получим: G (m2sin ? - m1sin а). a
требует условие задачи. =. A = 4 м/с2. m2+ m1. Ответ: а = 4 м/с2 , T = 17,8 H.
8Движение тел в горизонтальном направлении. Ma = mg57 2. 1. У. Х. 3. T. T. У. А. ? 4. Х. 5. Т = 17,8 h. T =
+ fтр + N + F. 0 = - mg + 0 + N + 0 (2). Из (2) : mg =N m1a + m1gsin а.
, т. К. Fтр = ?n , А. M=2 кг. F. ? = 0,02. А = 0,2 18« На десерт». 0 = m1g + Т+ N1+Fтр1. 0 = - m2g sin а86
м/с2. F - ? Откуда F = ma + ?mg. Ох : Ma = 0 - fтр + 0 + Т +Fтр1 – Fтр (2). 0 = m2g + Т + N2 +Fтр1+ Fтр+ FN1.
+ F (1). Оу : ma = -?mg+ F. Какая горизонтальная сила Оу: 0 = - m1g cos а + N1 (3). 0 = - m2g cos а + N2 -
потребуется, чтобы тело массой 2 кг, лежащее на FN1 (4). m1g. m2g. Человек массой m1 , упираясь ногами
горизонтальной поверхности, начало скользить по ней с в ящик массой m2 подтягивает его с помощью каната,
ускорением 0,2 м/с2 ? Коэффициент трения принять равным перекинутого через блок, по наклонной плоскости с углом
0,02. Дано: Решение: N. У. Fтр. mg. X. Вычислим F= 0,79 наклона а. С какой минимальной силой нужно тянуть
Н. Ответ: F= 0,79 Н. 1. 2. 3. 5. 4. Получим уравнение канат, чтобы подтянуть ящик к блоку? Коэффициент трения
(1) в виде: между ящиком и наклонной плоскостью ?. Дано: Сила будет
9m2g. m1g. M1 Т/m2 = – T + F. M1a = m1g + Т + N1 +70 минимальной при равномерном движении. Складывая (1) и
F. M2a = m2g + Т + N2. M1a = – Т + F (1). M2a = Т (2). (2), получим: N1. N2. 2Т = g sin а(m1 + m2) + Fтр. FN1
А. M1= 50 г = 0,05 кг. M2= 100 г = 0,1 кг. Т. Т. F. F - = N1 = m1g cos а. Fтр1.1. Fтр = ? N2 = ? (m2g cos а +
? Ох : Два тела массами 50 г и 100 г связаны нитью и FN1) = = ? g cos а(m1 + m2). FN1. Fтр. 2. m1; m2 ; 3.
лежат на гладкой горизонтальной поверхности. С какой Ох : 0 = - m1g sin а + Т - Fтр1 (1). ?; А; T- ? 1. T.
силой можно тянуть первое тело, чтобы нить, T. У. Х. А. Т = g (m1 + m2)(sin а + ? cos а)/ 2.
выдерживающая максимальную силу натяжения 5 Н, не 19m1g. m2g. M1a = m1g +fупр1. m3g. А. Шары массами m160
оборвалась? Дано: Решение: N2. N1. Т = 5 н. F = m1 T/m2 ,m2 ,m3 подвешены к потолку с помощью двух невесомых
+ Т. F = 0,05 кг . 5Н/ 0,1 кг + 5 Н = 7,5 Н. Выражая из пружин и легкой нити. Система покоится. Определите силу
(2) : а = Т/m2 , и подставляя в (1), получим. Ответ: F= натяжения нити . Определите направление и модуль
7,5 Н. У. 1. Х. 2. 5. 3. 4. ускорения шара массой m1 сразу после пережигания нити.
10m2g. m1g. m1a = m1g + Т+ N1+ F +Fтр1. m2a = m2g + Т86 Дано: Решение: 1. Для ясности можно провести «мысленный
+ N2 +Fтр2. M2 a = Т - ? m2 g , a =. m2a = Т - Fтр2 эксперимент» – представить, что в середине нити
(2). Оу: 0 = -m1g + N1, откуда N1 = m1g (3). 0 = -m2g + находится динамометр. Получается , что к нему
N2 , откуда N2 = m2g (4). А. M1= 12 т = 12 000 кг. M2= прикрепили грузы массами m2 и m3. Естественно, его
8 т = 8 000 кг. Т. Т. F. Автодрезина ведет показания будут равны: Fупр1. Т = g (m2 + m3 ). 2. В
равноускоренно две платформы массами 12 т и 8 т. Сила момент пережигания нити на верхний шар действуют только
тяги, развиваемая дрезиной , равна 1,78 кН. Коэффициент две силы : Fупр1. и m1g , которые и сообщают шару
трения равен 0,06. С какой слой натянута сцепка между ускорение. Fупр2. 0. Fупр2. Окончательно после
платформами? Дано: Решение: N2. N1. Fтр2. Fтр1. F = преобразований получим: a = g (m2 + m3 ) / m1. m1; У.
1,78 кН = 1780 Н. ? = 0,06. Fтр1 = ? N1= ? m1g , Fтр2 = m2 ; m3 ; T-? А-? T. T. Fупр1 = g (m1 + m 2 + m3 ) (
? N2 = ? m2 g. M1a = -Т+ F - ? m1g (5). Ох: m1a = - Т+ см. П.1 ).
F - Fтр1 (1). После подстановки (6) в (5) остается 20Оу: 0 = - m1g cos а + N1 (3). m1a = m1g + Т+98
выразить Т: Т = m2f / (m1 + m2) = 712 Н. Ответ: Т = 712 N1+Fтр. 0 = - m2g cos а + N2 - FN1 (4). m2a = m2g + Т +
Н. С учетом (3) и (4) для сил трения имеем: У. 1. Х. Т N2 +Fтр+ FN1. Из (4): N2 = m2g cos а + FN1. 0 = - m2g
- ? 2. 4. Подставив эти выражения в (1) и (2), получим: sin а + Т +Fтр (2). m1g. m2g. К концам троса,
Т - ? m2 g. (6). 3. m2. перекинутого через блок, привязаны бруски с массами m1=
11Движение по вертикали. Блоки. m1g. m2g. M1a = m1g +67 m и m2 = 4m, находящиеся на гладкой наклонной плоскости
Т+ F. M2a = m2g + Т. M1= 100 г = 0,1 кг. M2= 200 г = с углом наклона 300. При каком минимальном значении
0,2 кг. a - ? T - ? А. Два тела, связанные друг с коэффициента трения между брусками они будут покоиться?
другом, поднимают на нити вертикально вверх, Дано: Решение: А = 300. Из (3): N1 = m1g cos а. ? - ?
прикладывая силу 5 Н. Масса первого тела 100 г , Ох : 0 = - m1g sin а + Т- Fтр (1). N1 = FN1 , поэтому
второго 200 г. Определите ускорение, с которым движутся N2 = m2g cos а - m1g cos а. N1. N2. Вычтем из (1) (2) и
тела и силу натяжения нити. Дано: Решение: Оy: m1a = - учитывая, что. Fтр = fтр. Получим: 2 fтр = m2g sin а -
m1g - Т + F (1). M2a = - m2g + Т (2). F = 6 н. Сложим m1g sin а. Fтр.1. FN1. Fтр = ? N1 = ? m1g cos а. M2g
(1) и ( 2) : , Т = m2 (g + a). Ответ: a = 10 м/с2, Т = sin а - m1g sin а. 3 tgа. 2m1g cos а. 2. 2. m1= m. m2 =
4 Н. F. 1. 3. У. T. 4. T. m1a + m2a = - m1g + F - m2g. 4m. 4. 3. 1. T. T. У. Х. 5. А. ? =. =.
F - m2 g - m1g. 0. a =. m1 + m2. 5. a = 10 м/с2 Т = 4 21Список литературы. Г. Я. Мякишев. Физика: Учебник0
Н. 2. для 10 кл. общеобразовательных учреждений / Г. Я.
12Ma = mg + fдав + N + F + fтр. ? = 0,5. А = 0,266 Мякишев, Б. Б. Буховцев, Н. Н.Сотский. – М. :
м/с2. А. M = 50 кг. Fдав = 4 Н. F. F - ? Тело массой 50 Просвещение, 2008. Кирик Л. А. Физика – 9.
кг придавлено к вертикальной стене силой 4 Н. Какая Разноуровненые самостоятельные и контрольные работы. –
сила необходима для того, чтобы перемещать его М.: Илекса, 2003. Задачи вступительных экзаменов в МФТИ
вертикально вверх с ускорением 0,2 м/с2, если .
21 «Задачи по динамике» | Задачи по динамике 1078
http://900igr.net/fotografii/fizika/Zadachi-po-dinamike/Zadachi-po-dinamike.html
cсылка на страницу
Урок

Физика

133 темы
Фото
Презентация: Задачи по динамике | Тема: Динамика | Урок: Физика | Вид: Фото
900igr.net > Презентации по физике > Динамика > Задачи по динамике